SFINAE没有正确判断方法是否存在

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我试图复制（我猜）典型的 SFINAE 示例来判断一个类型是否具有某种方法。我的代码基本上是在先前关于该主题的热门问题的公认答案中找到的代码：

#include <iostream>
#include <vector>
#include <set>
#include <map>
#include <list>

template <typename T>
class has_push_back_sfinae {
    typedef int8_t yes;
    typedef int16_t no;

    template <typename C> static constexpr yes test(decltype(&C::push_back));
    template <typename C> static constexpr no test(...);    

 public:
    static constexpr bool value = (sizeof(test<T>(0)) == sizeof(yes));
};

template <typename T>
constexpr bool has_push_back = has_push_back_sfinae<T>::value;

int main() {
    std::cout << std::boolalpha;
    std::cout << has_push_back<int> << std::endl;
    std::cout << has_push_back<std::set<int>> << std::endl;
    std::cout << has_push_back<std::map<int, char>> << std::endl;
    std::cout << has_push_back<std::vector<char>> << std::endl;
    std::cout << has_push_back<std::list<int>> << std::endl;
    std::cout << has_push_back<std::string> << std::endl;
    return 0;
}

基本上，has_push_back<T>是true当且仅当push_back是 的方法T。我希望我的输出有 3false行，然后是 3 行true。但是，这是实际输出：

false
false
false
false
false
true

我错过了什么吗？

（PS：有没有更标准或更漂亮的方法来编写这样的类？）

回答

此方法仅适用于非重载函数。如果它已重载，则不能为其创建指向成员的指针，除非立即将其强制转换为特定的指针类型。

这种转换容易出错，所以我建议尝试调用该函数：

/*...*/ constexpr yes test(decltype(void(
    std::declval<C &>().push_back(std::declval<const typename C::value_type &>())), int{}));

IMO，链接答案中建议的 SFINAE 方法不必要地冗长。这是我会做的：

template <typename T, typename = void> struct has_push_back_sfinae : std::false_type {};
template <typename T> struct has_push_back_sfinae<T,
    decltype(void(std::declval<T &>().push_back(std::declval<const typename T::value_type &>())))
> : std::true_type {};
template <typename T> inline constexpr bool has_push_back = has_push_back_sfinae<T>::value;

以上是SFINAE没有正确判断方法是否存在的全部内容。
THE END
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